Dossier dans "pour la science" sur "Des jeux vidéo plus réalistes".
http://www.afig.fr/ : Association Française d'Informatique Graphique
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Dernière modification par Dr.Kant ; 04/12/2010 à 17h51.
Bon j'ai un problème...de probas, je vais me faire beaucoup d'amis d'un coup.
Mettons, j'ai 5 boules, 4 de couleurs connues (on va dire qu'il n'y a que deux couleurs disponibles, soit noir ou blanc) et une dont je connais pas la couleur. On va appeler la couleur de la boule "inconnue" X et les 4 autres A, B, C et D, sachant que la couleur X dépend des couleurs des autres boules.
Pour ça je connais P(X = A), P(X = B ), etc..., soit les probas que X soit de même couleur que les 4 autres des boules présentes.
A partir de ces probas, comment je calcule P(X = noir |A,B...) et P(X = blanc |A,B...) ?
Est ce que c'est la somme des probas tels que A,B,C ou D soit noir/blanc ou est ce que c'est le produit de ces probabilités ?
Dernière modification par Aghora ; 09/12/2010 à 00h01.
Envoyé par Julizn
Est-ce que tu Bayes ?
une balle, un imp (Newstuff #491, Edge, Duke it out in Doom, John Romero, DoomeD again)
Canard zizique : q 4, c, d, c, g, n , t-s, l, d, s, r, t, d, s, c, jv, c, g, b, p, b, m, c, 8 b, a, a-g, b, BOF, BOJV, c, c, c, c, e, e 80, e b, é, e, f, f, f, h r, i, J, j, m-u, m, m s, n, o, p, p-r, p, r, r r, r, r p, s, s d, t, t
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J'aurai plutôt penser à une somme.
Je suis pas sur de comprendre les grandeurs auxquelles t'ai accès... C'est les marginales de X sur A, B.. séparément ? Il manque pas de l'information là ?
De ce que j'en ai compris :
Somme = un évènement qu'on décompose sur une partition de possibilités
Produit = le même évènement qu'on répète
Et au passage bayes ce serait pas ? P(A|X) ~ P(X|A)*P(A) = expérience*a priori
On suppose que je puisse calculer P(X = A), etc..avec Bayes par exemple. Là oui, je peux l'avoir avec la vraisemblance et la prior.
Mais c'est pas ce que je veux.
Ce que je veux c'est P(X = blanc|A, B...) et P(X = noir|A,B...) et je ne connais pas P(A|X) ni P(B|X), etc. Donc là je vois pas comment les avoir avec Bayes.
Ou alors, ducon, explicites ce à quoi tu penses.
Envoyé par Julizn
A priori, je dirais que c'est le produit si P(X = A), P(X = B ), etc sont indépendants. Sinon, je sais pas, il manque peut-être une donnée en effet. Ta boule inconnue est noire quand les 4 autres sont noires ?
En tous cas, il me semblerait plus intuitif de considérer un système (fonctionne/en panne) que la couleur d'une boule (blanc/noir) qui suggère un tirage : ici, X serait ton système dépendant des composants A, B, C et D fonctionnant ou pas.
J'ai pris deux couleurs pour simplifier, mais dans mon problème j'ai plus de deux classes.
Envoyé par Julizn
Non, ils sont "unis" par le même genre de relation.
(Notez bien que j'ai pris des boules aussi dans un souci de vulgarisation.)
Envoyé par Julizn
Je ne comprends pas quelle est la relation à droite du | : c'est un ET, un OU ?
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@ducon : le "|" ça veut dire "conditionnellement à".
@JKDuss : oui je connais les probas a priori.
Envoyé par Julizn
Oui, je sais la signification du |, mais après.
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Ca signifie "ET". Mais logiquement, je pense que je devrais mettre juste les boules de la couleur correspondante.
Envoyé par Julizn
Ton énoncé n'a pas vraiment de sens.
Il faut définir clairement les évènements dont tu veux calculer la probabilité.
Voilà ce que je crois que tu veux dire.
4 boules (A, B, C, D) deux couleurs possibles, noir ou blanc.
1 boules de couleur inconnue (noire ou blanche) nommée X.
La couleur de X dépend de la couleur des quatre autres boules.
Soit "A" l'évènement : la boule A est noire.
Soit "!A" l'évènement : la boule A est blanche.
Soit "X" l'évènement : la boule X est noire.
On connait la valeur de P(X|A) (probabilité de "X" sachant "A"), et P(X|!A).
De même pour B, C et D.
On cherche P(X).
Formule des probabilités totales :
P(X)=P(X|A)*P(A) + P(X|B)*P(B) + P(X|C)*P(C) + P(X|D)*P(D) + P(X|!A)*P(!A) + P(X|!B)*P(!B) + P(X|!C)*P(!C) + P(X|!D)*P(!D)
Donc une somme pour répondre plus succinctement.
Dernière modification par Anonyme20240202 ; 09/12/2010 à 16h40.
Je suis d'accord avec Kamikaze pour dire que ton énoncé manque de précision Aghora (du coup je garde ses notations mais vu que ça rend le problème complètement trivial je suppose que tu vas devoir rajouter des élements).
Par contre je ne suis pas d'accord avec sa réponse
P(X)=P(X|A)*P(A) + P(X|B)*P(B) + P(X|C)*P(C) + P(X|D)*P(D) + P(X|!A)*P(!A) + P(X|!B)*P(!B) + P(X|!C)*P(!C) + P(X|!D)*P(!D)
Ce qui est vrai c'est juste
P(X)=P(X|A)*P(A) + P(X|!A)*P(!A)
P(X)=P(X|B )*P(B ) + P(X|!B )*P(!B )
P(X)=P(X|C )*P(C ) + P(X|!C )*P(!C )
P(X)=P(X|D)*P(D) + P(X|!D)*P(!D)
Essayons de continuer, si je t'es bien compris tu as les
P(X|A)
P(X|B )
P(X|C )
P(X|D) sauf que (mais c'est sans doute parce que tu simplifies trop) il suffit de connaitre une seule des boules pour connaitre la loi de la couleur de X...ça veut dire que A, B et C sont fonctions l'un de l'autre et que P(X|A)=P(X|B ) ou P(X|!B ).
Dernière modification par alucard le mordant ; 10/12/2010 à 01h18.
Si mon énoncé manque de précision c'est normal, c'est pas un problème de maths qu'on m'a posé. A vrai dire c'est moi qui me suis posé un problème de maths. Même si la formule que vous me donnez ne s'avère pas correcte, ça m'aide quand même beaucoup. Je me suis rendu compte qu'il y avait encore beaucoup de flou.
Je posterai demain mon "vrai" problème, mais ce sera plus des boules cette fois. Au moins vous pourrez un peu mieux comprendre.
Envoyé par Julizn
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Les kikoololeurs font des maths ?
Si je vois un truc écrit comme ça un jour dans un article publié, j'arrête les maths. Ou alors on est censé lire la démonstration dans le stéréogramme ?À ma question de savoir si S est ou non une permutation de N (soit les nombres naturels 1,2,3,4,5,... ), Jean-Marc croit pouvoir répondre par l’affirmative. Il m’envoie du coup deux magnifiques auto-stéréogrammes qui affirment que « 0, 1, 10, 2, 19, 72, 100, 3, 20, 4, ... = N ».
Quelle merveille (l’effet de perspective, notamment) !
Y manque zéro donc c'est pas une permutation de N.
CQFD
Il y a plusieurs pays où on définit N comme les entiers strictement positifs.
Une question de définition comme ça ne me choque pas trop par rapport au reste ...
La somme infinie de terme général 'de toutes les peurs' converge-t-elle ?
Merci.
Réponses non sérieuses s'abstenir.
Tu veux faire une somme infinie d'une constante, car "de toutes les peurs" ne dépend pas d'un indice quel qu'il soit.
Donc soit "de toutes les peurs" est nul et alors la série converge, soit "de toutes les peurs" est non nul et alors la série diverge.
Je pense d'ailleurs que ta question est mal posée. J'aurais plutôt demander si la série des peurs est convergente ou non. Il faudrait déjà se demander s'il y a une infinité de peurs (je suppose que oui), puis si c'est dénombrable (je suppose que oui aussi, vu qu'il y a un nombre fini de particules dans l'univers, et donc par les règles habituelles on restera à des grandeurs dénombrables). La série est donc bien définie, avec les notions habituelles.
Mais si on ajoute à ça que "the sum of all fears" est un film de merde, il est donc nul, et donc la série diverge vers 0 ?
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Canard lecture
Bon, pour la suite du débat d'à coté, ce n'est pas là ?
Histoire de pouvoir continuer de confronter intuition commune et réalité mathématique sur la notion d'infini.
Mes propos n'engagent personne, même pas moi.